💡解题思路：

这道题是要打印 k 和 m 的值，我们通过执行上面的表达式来得到它两的值。在这里括号的优先级最高，先执行括号中的代码，关系运算符的优先级大于赋值操作符，这里我们要注意 && ，当左边为假时，就不用执行右边的代码。

1. 先执行 b
2. 再将0赋值给 k，表达式 k=0表达式为假
3. 左侧表达式为假，右侧表达式也不执行，所以 k 和 m 的值都为0

📝2.第二题 

读代码选结果（ ）

int main(){int count = 0;int x = -1;while (x){count++;x = x >> 1;}printf("%d", count);}

 💡解题思路：

通过观察代码，可以得知代码的目是计算一个整数 x 的二进制表示中有多少个1。

• 首先，初始化计数器count为0，用于记录1的个数。
• 然后，将整数 x 初始化一个值。接下来进入while循环，条件是x不为0。在循环内部，首先将count加1，表示找到了一个1。然后将x右移一位（相当于除以2），继续检查新的x值。当x变为0时，循环结束。
• 最后，使用printf函数输出计数器count的值，即整数 x 的二进制表示中1的个数。

但是这里 x 初始化为-1，-1的二进制补码全部都是1，第一位是符号位。右移分为算数右移和逻辑右移，一般编译器都是算术右移：右边丢弃，左边补原来的符号位。所以计数器会一直加，程序陷入死循环。

📝3.第三题 

请阅读以下程序，其运行结果是（ ）

int main(){    char c='A';    if('0' <=c<= '9')     {            printf("YES");    }    else     {        printf("NO");    }    return 0;}

 💡解题思路：

这道题很容易对大家产生误解，'0' <=c<= '9' ，这段代码的意思就是 c 大于 ‘0’小于 ‘9’ 就为真，但这种是数学中的写法，在程序中这样的代码要从左向右执行：

• 先执行 ‘0’<= c,'A' 的ASCII码值为65，‘0’ 的ASCII码值为48，‘0’ <=c 为真值为1
• 然后进行下面的判断 1<= ‘9’ 为真，所以打印YES

正确的代码应该写成 c >='0'  && c <= '9',if语句判断为真，打印YES。

虽然两段代码的结果相同，但逻辑并不相同，所以我们在平常写代码时一定要规范。

二、编程题

📝1.第一题 

💡解题思路：

我们想在数字中添加逗号，将每一位通过 %10 /10 的方式拆分下来，在需要的地方将逗号插入进去。由于加入逗号，原来的数字就不能用整型表示，而是要变成字符型，在得到每位的数据加上 ‘0’ 就可以变成字符型。将得到的数据存放在字符数组中，每存放3个数据就插入一个逗号，即k%3==0 就插入，这里要注意判断条件，当插入第一个数时，k%3==0 的条件也满足，但是不需要插入逗号，所以我们要加上 k！=0 ，使条件完整。

#include int main(){    int n = 0;    scanf("%d", &n);    //存放最后的结果    char arr[14] = { 0 };    int i = 0;    //记录加逗号    int k = 0;    while (n)    {        if (k != 0 && k % 3 == 0)        {            arr[i++] = ',';        }        arr[i++] = n % 10 + '0';        n /= 10;        k++;    }    //打印    for (i--; i >= 0; i--)    {        printf("%c", arr[i]);    }    return 0;}

📝2.第二题 

 💡解题思路：

我们通过两个循环遍历数组，当找到 numbers[i]+numbers[j] 和目标值相同的直接 return 。由于题目中还要求时间复杂度为 O(nlogn) ，两次循环时间复杂度为 O(n^2)。所以我们可以使用 contine ，在第二次循环之前先判断，如果 numbers[i]>target ，两数之和一定大于 target，使用 continue就可以跳过第二次循环，执行下一次。

• continue：提前结束本次循环，接着执行下一次循环 

 

int* twoSum(int* numbers, int numbersLen, int target, int* returnSize) {    int* newarr = (int*)malloc(sizeof(int) * 2);    int i = 0;    for (i = 0; i < numbersLen; i++)    {        if (numbers[i] > target)        {            continue;        }        int j = 0;        for (j = i + 1; j < numbersLen; j++)        {            if (numbers[i] + numbers[j] == target)            {                newarr[0] = i + 1;                newarr[1] = j + 1;                *returnSize = 2;                return newarr;            }        }    }    *returnSize = 0;    return 0;}

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